전단력과 하중 적분에 의한 보의 처짐 (Deflections by Shear Force and Load Integration)
전단력 V와 분포하중 q의 항으로 나타낸 처짐곡선의 방정식으로도 보의 처짐을 구할 수 있다. 그 과정은 보다 많은 적분이 요구되는 것 외에는 굽힘모멘트 방정식과 유사하다. 예를 들면 4차 하중 방정식으로 출발하면 처짐 방정식을 구하기 위해서는 4번의 적분이 필요하다. 따라서 추가적인 적분 상수가 도출되나 경계 및 연속조건(boundary and continuity conditions)으로 이들 상수를 구할 수 있다. 이제 이 조건들은 기울기와 처짐뿐만 아니라 전단력과 굽힘모멘트에 대한 것도 포함된다.
예제 1
최대강도 qo인 삼각형 분포하중을 지지하는 외팔보 AB의 처짐곡선 방정식을 결정하라(아래 그림). 또한 자유단의 처짐 δb와 회전각 θb를 결정하라.
분포하중의 강도는 다음 식으로 주어진다.
q=qo(L−x)L
따라서 4차 미분방정식은 다음과 같다.
EIv(4)=q=qo(L−x)L
1차 적분을 하면
EIv‴=−V=−qo(L−x)22L+C1
x=L에서 전단력은 0 이므로 v'''(L)=0 이다. 이 조건으로부터 C1=0을 얻는다.
2차 적분을 통해서 다음식을 얻는다.
EIv″=−M=qo(L−x)36L+C2
이 식은 굽힘모멘트 방정식이다. 두번째 경계조건으로 자유단에서 굽힘모멘트는 0 이다: v''(L)=0. 이 조건으로부터 C2=0을 얻는다.
3차와 4차 적분을 수행하면
EIv′=−q024L(L−x)4+C3EIv=qo120L(L−x)5+C3x+C4
고정단의 경계조건 v'(0)=v(0)=0 으로부터
C3=qoL324C4=qoL4120
이 표현식들을 원래 방정식에 대입하면 보의 기울기와 처짐에 대한 다음 방정식을 얻는다.
v′=qox24LEI(4L3−6L2x+4Lx2−x3)v=qox2120LEI(10L3−10L2+5Lx2−x3)
자유단(x=L)에서의 회전각 θb와 처짐 δb는 이제 이 식들로부터 쉽게 얻어진다.
θb=qoL324EIδb=qoL430EI
예제 2
집중하중 P를 받고 돌출부(overhang)를 가진 단순보(simple beam)의 처짐곡선 방정식을 결정하라(아래 그림). 지지부 간 폭은 L 이고 돌출부는 L/2 이다.
지지부 A와 B의 반력 때문에 보의 AB와 BC 부분의 미분방정식을 따로 써야 한다. 반력들은 각 지지부의 모멘트 평형으로부터 다음과 같이 구해진다.
∑MA=∑MB=RAL+PL2=RBL−3PL2=0
위의 자유물체도의 평형으로부터 전단력과 3차 미분방정식은
EIv‴=−V=P2(0<x<L)EIv‴=−V=−P(L<x<3L2)
이 방정식들을 적분하면 다음과 같은 굽힘모멘트 방정식이 나온다:
EIv″=M=Px2+C1(0≤x≤L)EIv″=M=−Px+C2(L≤x≤3L2)
A와 B점의 굽힘모멘트는 0 이다; 따라서 경계조건 v''(0)=v''(3L/2)=0을 가진다. 이들 조건으로부터 C1=0,C2=3PL/2를 얻는다.
다음 적분을 하면
EIv′=Px24+C3(0≤x≤L)EIv′=Px(3L−x)2+C4(L≤x≤3L2)
기울기의 유일한 경계조건은 지지점 B의 연속조건이다: AB 구간 v'(L)=BC 구간 v'(L), 즉
PL24+C3=PL2+C4C4=C3−3PL24
마지막 적분을 하면 다음식을 준다.
EIv=Px312+C3x+C5(0≤x≤L)EIv=Px2(9L−2x)12+C4x+C6(L≤x≤3L2)
A와 B점에서의 처짐은 0 이므로 3개의 경계조건을 더 얻는다: v(0)=AB 구간 v(L)=BC 구간 v(L)=0. 그 결과 상수들에 대한 방정식은
C5=0C3=PL312C4L+C6=−7PL312
위의 결과들을 조합하면
C4=−5PL26C6=PL34
따라서 보의 처짐곡선 방정식은
v=−Px12EI(L2−x2)(0≤x≤L)v=P12EI(3L−x)(L−x)(L−2x)(L≤x≤3L2)
위의 식으로부터 돌출부 끝단의 처짐을 구한다(x=3L/2).
δc=PL38EI
B와 C 사이의 보의 처짐은 아래 방향이고 A와 B 사이는 윗 방향임에 유의한다.
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